在“测定滑轮组机械效率”的实验中，如图所示：（1）本次实验的原理是：η=W有W总η=W有W总．（2）画出滑 在测定滑轮组的机械效率实验中,李明按如图所示的方式组装好滑轮组

在做测定滑轮组机械效率的实验中，所用装置如图所示．某同学正确测得重物被提升的高度是0.2m，物重是1.2N （1）分析该同学的实验记录可知：有用功大于总功，而用功应小于总功，所以这一点是违背规律的；由滑轮组可知：n=3，绳子自由端移动距离s=nh=3×0.2m=0.6m，总功为W 总=Fs=0.5N×0.6m=0.3J，故上表数据中肯定错误的是0.4m和0.2J，应改为0.6m和0.3J；此滑轮组的机械效率η 1=W 有 W 总=0.24J 0.3J=80%．（2）根据二力平衡知，只有竖直方向匀速拉动弹簧测力计时，拉力才等于弹簧测力计的示数；在提升物体，不考虑绳重和摩擦时，要克服动滑轮的重力，所以机械效率总小于1．（3）使用同一滑轮组时，做的额外功不变，增加物重，增大了有用功，则有用功占总功的比例增大，即机械效率变大，故η 2＞η 1．（4）若滑轮组不省力时，则有F=G 物，根据F=1 n（G 物+G 动）得：G 物=1 3（G 物+G 动），所以G 动=2G 物=2×2N=4N．故答案为：（1）0.4m；0.2J；0.6m；0.3J；80%；（2）竖直方向匀速；动滑轮的重力；（3）＞；（4）4．在做测定滑轮组机械效率的实验中，所用装置如图所示．某同学正确测得重物被提升的高度是0.2m，物重是1.2N，其他测量或计算的数据如下： （1）分析该同学的实验记录可知：有用功大于总功，而用功应小于总功，所以这一点是违背规律的；由滑轮组可知：n=3，绳子自由端移动距离s=nh=3×0.2m=0.6m，总功为W总=Fs=0.5N×0.6m=0.3J，故上表数据中肯定错误的是0.4m和0.2J，应改为0.6m和0.3J；（2）根据二力平衡知，只有竖直方向匀速拉动弹簧测力计时，拉力才等于弹簧测力计的示数，所以实验中，在测拉力F时，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计；（3）此滑轮组的机械效率η1=W有用W总×100%0.24J0.3J×100%80%．（4）在提升物体，由于要克服动滑轮的重力及摩擦力做额外功，所以机械效率总小于1．（5）使用同一滑轮组时，做的额外功不变，增加物重，增大了有用功，则有用功占总功的比例增大，即机械效率变大，故η2＞η1．故答案为：（1）0.4m；0.2J；0.6m；0.3J；（2）竖直向上；匀速；（3）80%；（4）摩擦；动滑轮重；（5）＜．小明在“测滑轮组机械效率”的实验中．组装好如图1所示的实验装置．并分别记下了钩码和弹簧测力计的位置 （1）当匀速向上提升重物时，弹簧测力计的示数才等于绳子自由端的拉力；（2）图中滑轮组绳子股数为5股，钩码提升的高度为h=0.1m，所以绳子自由端移动距离s=5h=5×0.1m=0.5m，而表中弹簧测力计提升的高度为0.4m，所以出现了错误；（3）滑轮组的机械效率：η=W有用W总×100%GhFs×100%GhF5h×100%G5F×100%2N5×0.5N×100%80%；（4）在图2实验中，克服木块的摩擦力做的功为有用功，而他错误地认为克服物体重力做的功是有用功，造成计算结果不合理；（5）木块受的摩擦力：f=0.3G=0.3×2N=0.6N，小红的实验装置效率：η=W有用W总×100%fsF5s×100%f5F×100%0.6N5×0.2N×100%60%；（6）小明和小红使用的是相同的滑轮组，额外功相同，但是有用功不同，根据η=W有用W总=W有用W有用+W额可知，两人的机械效率不同．故答案为：（1）匀速；（2）因为绳子股数为5股，所以弹簧测力计提升的高度应该为0.5m；（3）80%；（4）在此实验中克服木块的摩擦力做的功为有用功，不是克服重力做的功；（5）60%；（6）额外功相同，但是有用功不同．在“测定滑轮组的机械效率”的实验中，所用装置如图所示 （1）在此题中，要正确测量拉力，需要匀速拉动测力计．并读出测力计的示数．故答案为：匀速；弹簧测力计示数．（2）由图知，此滑轮组由3段绳子承担物重，所以s=3h=3×0.2m=0.6m．所以线端移动距离测量错误．因为总功.在做测定滑轮组机械效率的实验中，所用装置如图所示．某同学正确测得重物被提升的高度是0.2m，物重是1.2N （1）分析该同学的实验记录可知：有用功大于总功，而用功应小于总功，所以这一点是违背规律的；由滑轮组可知：n=3，绳子自由端移动距离s=nh=3×0.2m=0.6m，总功为W总=Fs=0.5N×0.6m=0.3J，故上表数据中肯定错误的是0.4m和0.2J，应改为0.6m和0.3J；（2）根据二力平衡知，只有竖直方向匀速拉动弹簧测力计时，拉力才等于弹簧测力计的示数，所以实验中，在测拉力F时，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计；（3）此滑轮组的机械效率η1=W有用W总×100%0.24J0.3J×100%80%．（4）在提升物体，由于要克服动滑轮的重力及摩擦力做额外功，所以机械效率总小于1．（5）使用同一滑轮组时，做的额外功不变，增加物重，增大了有用功，则有用功占总功的比例增大，即机械效率变大，故η2＞η1．故答案为：（1）0.4m；0.2J；0.6m；0.3J；（2）竖直向上；匀速；（3）80%；（4）摩擦；动滑轮重；（5）＜．在“测定滑轮组的机械效率”的实验中，所用装置如图所示． （1）如图，用滑轮组拉动物体上升时，绳端要竖直向上匀速直线拉动，匀速直线拉动时要读出弹簧测力计的示数，即绳端的拉力．（2）钩码上升了0.2m，物体由三段绳子承担，所以s=3h=3×0.2m=0.6m．故线端上移的距离错误.

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