一带电量为Q的固定正点电荷在真空中形成的电场如图所示，现有一质量 由题意可知，粒子做匀速圆周运动，则合外力大小恒定的。假如在竖直面内运动，最高点合力为库伦力加重力，最低点合力为库伦力减去重力，可见合力大小不恒定，所以不是在竖直面内。应该在水平面内，圆周运动受力类似圆锥摆
如图所示，带电荷量为Q的正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底部的C点，斜面上有A、B两点，且A、B和 （1）根据牛顿第二定律和库仑定律得：带电小球在A点时有：mgsin 30°-kQqL2=maA带电小球在B点时有：kQq(L2)2-mgsin 30°=maB且aA=g4，可解得：aB=g2（2）由A点到B点应用动能定理得：mgsin 30°？L2-UBA？q=0由mgsin 30°-kQqL2=m？aA=mg4可得：14mg=kQqL2可求得：UBA=kQL答：（1）小球运动到B点时的加速度大小为g2．（2）B和A两点间的电势差为kQL．
如图所示，电荷量为 q （ⅰ）通过对点电荷场强方向的分析，场强为零的P点可能位于两点电荷之间，设P点的坐标为x0，则有：kq1x20=kq2(l？x0)2…①已知q2=2q1…②由①②式解得：x0=（2-1）l…③（ⅱ）先考察点电荷q0被限制在沿x轴运动的情况下，q1、q2两点电荷在P点处产生的场强的大小分别为：E10=kq1x20，E20=kq2(l？x0)2且有：E10=E20二者方向相反，点电荷q0在P点受到的合力为零，故P点是q0的平衡位置，在x轴上P点右侧x=x0+△x处，q1、q2产生的场强的大小分别为：E′1=kq1(x0+△x)2，方向沿x轴正方向，E′2=kq2(l？x0？△x)2＞E20，方向沿x轴负方向，由于 E′2＞E′1，x=x0+△x处合场强沿x轴的负方向，即指向P点，在x轴上P点左侧x=x0-△x处，q1、q2的场强的大小分别为：E″1=kq1(x0？△x)2＞E10，方向沿x轴正方向，E″2=kq2(l？x0+△x)2，方向沿x轴负方向，由于 E″2＜E″1，x=x0-△x处合场强沿x轴的方向，即指向P点，由以上的讨论可知，在x轴上，在P点的两侧，点电荷q1和q2产生的电场的合场强的方向都指向P点，带正电的点电荷在P点附近受到的电场力都指向P点，所以当q0＞0时，P点是q0的稳定平衡位置，带负电的点电荷在P点附近受到的电场力都背离P点，所以当q0时，P点是q0的不稳定。
如图所示，Q为固定的正点电荷，A、B两点在Q的正上方和Q相距分别为h和 （1）这一电荷必为正电荷，设其电荷量为q，由牛顿第二定律，在A点时：mg-kQqh2=m？34g在B点时：kQq(14h)2-mg=m？aB解得：aB=3g，方向竖直向上（2）点电荷从A到B过程，由动能定理有：mg（h-14h）+qUAB=0，得：UAB=-3.
如图所示 q为固定的正点电荷 ：（1）这一电荷必为正电荷，设其电荷量为q，由牛顿第二定律，在A点时（3分）在B点时（3分）解得 aB=3g，方向竖直向上q=mgh^24kQ（2）从A到B过程，由动能定理故由动能定理就可以直接得出结果了。还有哪里不明白？亲，不要忘记及时采纳哦。有问题另行提问，我会随时帮助你。
如图所示，Q为固定的正点电荷，A、B两点位于Q的正上方和Q相距分别为h和0.25。 C
如图所示，Q为固定的正点电荷，A、B两点在Q的正上方和Q相距分别为h和0.25h，将另一点电荷从A点由静止释放，运动到B点时速度正好又变为零．若此电荷在A点处的加速度大小为 （1）这一电荷必为正电荷，设其电荷量为q，由牛顿第二定律，在A点时 mg-kQqh2=m？34g在B点时kQq(0.25h)2-mg=m？aB；解得 aB=3g，方向竖直向上且另一点电荷的电量：q=mgh24kQ（2）另一点电荷从A到B过程，由动能定理 mg（h-0.25h）+qUAB=0，故 UAB=-3kQh答：（1）此电荷在B点处的加速度大小3g，方向竖直向上．（2）A、B两点间的电势差-3kQh．
（10分）如图所示，Q为固定的正点电荷，A、B两点在Q的正上方和 Q相距分别为 （1）3g(2)– 3kQ/h
（12分）如图所示，Q为固定的正点电荷，A、B两点在Q的正上方且和Q相距分别为h和0.25h，将一带电量为q的小 (1)3g，方向竖直向上（2）（1）这一电荷必为正电荷，设其电荷量为q，由牛顿第二定律，在A点时在B点时解得a B=3g，方向竖直向上（2）从A到B过程，由动能定理mg(h－0.25h)＋qU AB=0，故
