如图所示 带电荷量为q的正点电荷固定在倾角为30 在B处只要取沿斜面向下为正方向，则a=-g/2亲。请不要忘记及时采纳噢。
如图所示，在倾角为θ的绝缘斜面上，有相距为L的A、B两点，分别固定着两个带电量均为Q的正点电荷．O为AB （1）根据真空中点电荷的电场强度的表达式E＝kQr2得：A点处电荷在a处场强E1＝kQ(L4)2，方向沿斜面向上；B点处电荷在a处场强E2＝kQ(3L4)2，方向沿斜面向下．根据电场的叠加原理，可知，在a点处的合场强大小为：E＝E1？E2＝128kQ9L2，方向沿斜面向上．（2）由Aa=Bb=L4，O为AB连线的中点得：a、b关于O点对称，则a点与b点等势，即Uab=0，小滑块从a点运动到b点的过程中，电场力做功W电=0设小滑块与水平面间的摩擦力大小为f，小滑块从a点运动到b点的过程中根据动能定理有mgsinθL2？fL2＝0？Ek0而f=μmg解得f=2Ek0L？mgsinθ（3）小滑块从a点运动到O点的过程中，根据动能定理qU？mgsinθL4？fL4＝2Ek0？Ek0得U=3Ek02q答：（1）两个带电量均为Q的正点电荷在a点处的合场强大小为128kQ9L2，方向沿斜面向上；（2）小滑块由a点向b点运动的过程中受到的滑动摩擦力大小为2Ek0L？mgsinθ；（3）aO两点间的电势差为3Ek02q．
如图所示，带电荷量为Q的正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底部的C点，斜面上有A、B两点，且A、B和 （1）根据牛顿第二定律和库仑定律得：带电小球在A点时有：mgsin 30°-kQqL2=maA带电小球在B点时有：kQq(L2)2-mgsin 30°=maB且aA=g4，可解得：aB=g2（2）由A点到B点应用动能定理得：mgsin 30°？L2-UBA？q=0由mgsin 30°-kQqL2=m？aA=mg4可得：14mg=kQqL2可求得：UBA=kQL答：（1）小球运动到B点时的加速度大小为g2．（2）B和A两点间的电势差为kQL．
如图（a）所示，倾角θ=30°的光滑固定斜杆底端固定一电量为Q=2×10-4C的。 （1）根据图线2分析速率的变化情况：速度先增大，后减小，根据库仑定律分析物体的合外力的变化，即可确定加速度的变化情况，从而说明小球的运动情况．（2）由线1得到EP=mgh=mgssinθ，读出斜率，即可求出m；由图线2看出，s=1m时，速度最大，此时小球受力平衡，由库仑力与重力沿斜面的分力平衡，即可求得q．（3）由线2可得，当带电小球运动至1m处动能最大为27J，根据动能定理求得斜杆底端至小球速度最大处由底端正点电荷形成的电场的电势差U；（4）根据能量守恒，画出小球的电势能ε 随位移s变化的图线．
如图甲，倾角为θ的光滑绝缘斜面，底端固定一带电量为Q的正点电荷．将一带正电小物块。
如图甲，倾角为θ的光滑绝缘斜面，底端固定一带电量为Q的正点电荷．将一带正电小物块（可视为质点）从斜 由动能图线得知，小球的速度先增大，后减小．根据库仑定律得知，小球所受的库仑力逐渐减小，合外力先减小后增大，加速度先减小后增大，则小球沿斜面向上做加速度逐渐减小的加速运动，再沿斜面向上做加速度逐渐增大的减速运动，直至速度为零．A、由动能图线看出，速度有最大值，此时小球受力平衡，由库仑力与重力沿斜面的分力平衡，由于没有x的具体数据，所以不能求得q．故A错误；B、A到B的过程中重力势能的增加等于电势能的减小，所以可以求出小物块电势能的减小，由于小物块的电量不知道，所以不能求出AB之间的电势差．故B错误；C、由重力势能线得到EP=mgh=mgssinθ，读出斜率，即可求出m；D、图象中不能确定哪一点的速度最大，题目中也没有小物块的电量、质量等信息，所以不能确定小物块速度最大时到斜面低端的距离．故D错误．故选：C
如图所示，带电荷量为Q的正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底部的C点，斜面上有A、B两点，且A、B和C在同一直线上，A和C相距为L，B为AC中点．现将一带电小球从A点由静止释放，当带 在B处只要取沿斜面向下为正方向，则a=-g/2亲.请不要忘记及时采纳噢.
如图（a）所示，倾角θ=30°的光滑固定斜杆底端固定一电量为Q=2×10-4C的正点电荷，将一带正电小球（可视 （1）由图线2得知，小球的先先增大，后减小．根据库仑定律得知，小球所受的库仑力逐渐减小，合外力先减小后增大，加速度先减小后增大，则小球沿斜面向上做加速度逐渐减小的加速运动，再沿斜面向上做加速度逐渐增大的减速运动，直至速度为零．（2）由线1可得EP=mgh=mgssinθ，斜率k=20=mgsin30°，所以m=4kg当达到最大速度时带电小球受力平衡 mgsinθ=kqQs20，由线2可得s0=1m，得q=mgsinθ？s20kQ=1.11×10-5C（3）由线2可得，当带电小球运动至1m处动能最大为27J．根据动能定理WG+W电=△Ek即有-mgh+qU=Ekm-0代入数据得U=4.2×106V（4）右图中线3即为小球电势能ε随位移s变化的图线答：（1）小球沿斜面向上做加速度逐渐减小的加速运动，再沿斜面向上做加速度逐渐增大的减速运动，直至速度为零．（2）小球的质量m是4kg，电量q是1.11×10-5C；（3）斜杆底端至小球速度最大处由底端正点电荷形成的电场的电势差U是4.2×106V；（4）如图线3即为小球电势能ε随位移s变化的图线．
