如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为 D
绷紧的传送带与水平面的夹角 （1）∵工件匀速运动F合=0 Ff=Gx=mgsin30°Ff=μFN=μmgcos30°μ=tan30°=根号3/3
如图所示，传送带与水平面夹角为θ，以速度v 木块放上后一定先向下加速，可以一直加速到传送到底端，若传送带足够长，则一定有木块速度大小等于传送带速度大小的机会，此时若重力沿传送带向下的分力大小大于最大静摩擦力，则之后木块继续加速，但加速度变小了；而若重力沿传送带向下的分力大小小于或等于最大静摩擦力则木块将随传送带匀速运动，故BCD是可能的．本题选不可能的故选：A．
一传送带与水平面夹角为370，顶到底长为12.8m，以4m/s匀速向下运动。现将 t=2.4s设物块轻轻从顶端放在带上到加速到带速过程加速度为a1、所用时间为t1、位移为s1：由牛顿第二定律得：a1=g(sin370+cos370)·（2分）t1=\"v/\"a1·.
一长度为L的传送带与水平面的夹角为θ，传送带顺时针转动，在传送带上端接有一斜面，斜面的长度也为L，斜 （1）滑块下滑时只有重力和摩擦力做功，全程根据动能定理有：mg2Lsinθ-μ1mgLcosθ-μ2mgLcosθ=0解得：μ2＝mg2Lsinθ？μ1mgLcosθLmgLcosθ＝2tanθ？μ1（2）令滑块下滑过程中的最大速度为v，则在下滑过程中滑块和传送带做背离运动，滑块匀减速到速度为0，则其平均速度.v＝v2和传送带速度相同，则滑块的位移为L，因为运动时间与传送带相同，故传送带向上的位移也为L，故此过程中滑块相对于传送带的位移为2L．滑块随传送带上滑的过程中，滑块做匀加速运动到速度为v2，则加速过程的位移为：x＝(v2)22a2＝v28a2＝14？v22a2＝L4传送带现向匀速运动的位移为L2，所以滑块相对于传送带的位移为L4．则由于摩擦产生的热量为：Q=μ2mg(cosθ)？2L+μ2mg(cosθ)？L4＝94μ2mgLcosθ=94(2tanθ？μ1)mgLcosθ即电动机所做的功有94(2tanθ？μ1)mgLcosθ转化为内能．答：（1）滑块与传送带间的动摩擦因数为2tanθ-μ1；（2）如果传送带的速度是滑块下滑过程中最大速度的一半，则滑块从第一次滑到传送带到离开的过程中，电动机所做的功有94(2tanθ？μ1)mgLcosθ转化为了内能．
如图所示一传送带与水平面夹角为30°，以2m/s的恒定速度顺时针运行，现将一质量为l0kg的工件轻放于传送带 设工件向上运动的距离x时，速度达到传送带的速度v，由动能定理可知，此过程中有重力和摩擦力对工件做功：x？μmgcosθ？x？mgsinθ＝12mv2？0代入数据可解得：x=12mv2μmgcosθ？mgsinθ=12×10×2232×10×10×cos30°？10×10×sin30°m=0.8m故工伯末达到平台时，速度已达到v，所以在此过程中，工件动能的增量为：△Ek＝12mv2=12×10×22J＝20J势能的增加量为：△Ep=mgh=10×10×2J=200J工件在加速运动过程中的工件的位移：x＝v2t传送带的位移为：x′=vt所以可知，x′=1.6m所以在皮带上滑过程中由于滑动摩擦力做功而增加的内能：Q=μmgcosθ？（x′-x）=32×10×10×cos30°×(1.6？0.8)J＝60J根据能量守恒定律知，电动机多消耗的电能为：E=△Ek+△Ep+Q=20J+200J+60J=280J答：电动机由于传送工件多消耗的电能为280J．
